数 学 (図形)
\(\boldsymbol{1.}\) 2019年 福島県
問 \(1\) 証明
\begin{eqnarray}
& &\triangle AED\;\small{と}\;\normalsize{\triangle BDE}\;\small{において、}\\[5px]
& &\small{仮定より、}\\[5px]
& &DE=EF\;―― \;\small{①}\\[10px]
& &\small{また、仮定より、}\\[5px]
& &AD=DB\;\small{であり、}\normalsize{AE=EC}\;\small{なので、}\\[5px]
& &AE=BD\; ――\; \small{②}\\[5px]
& &AD=AE\; ――\; \small{③}\\[10px]
& &\small{③\;より、}\\[5px]
& &\triangle ADE\;\small{は二等辺三角形であるから、}\\[5px]
& &\angle ADE=\angle AED\;\small{より、}\\[5px]
& &\angle AEC=180-\angle AED\\[5px]
& &\angle BDE=180-\angle ADE\\[10px]
& &\small{よって、}\\[5px]
& &\angle AEC=\angle BDE\; ――\; \small{④}\\[10px]
& &\small{①②④より、}\\[5px]
& &2\;\small{辺とその間の角がそれぞれ等しい}\;\normalsize{2}\;\small{つの三角形}\\[5px]
& &\small{は合同であるから、}\\[5px]
& &\triangle AED\equiv\triangle BDE\\[10px]
& &\small{合同な}\;\normalsize{2}\;\small{つの三角形の対応する辺の長さはすべて}\\[5px]
& &\small{等しいので、}\\[5px]
& &AF=BE\;\small{である\; …\; 証明終わり}
\end{eqnarray}
問 \(2\) \(x:y=3:2\)
解 説
- 青色で塗りつぶした \(2\) つの三角形が合同であれば、該当する \(2\) 辺が等しくなること証明します。
- 合同条件:\(2\) 辺とその間の角がそれぞれ等しい
- 解き方:
- 問 \(1\) より、\(\triangle AEF\equiv \triangle BDE\) なので、図より、\(\triangle BDE\) と \(\triangle BGE\) の面積比を考えます。
2つの三角形において、共通の辺 \(BE\) を底辺とすれば、高さの比=面積の比 となります。
\begin{eqnarray}
& &\small{辺}\; \normalsize{EG}\; \small{を}\; \normalsize{1}\; \small{と仮定します}\\[5px]
& &\triangle ADE\; \small{と}\; \normalsize{\triangle ABC}\;\small{において、}\\[5px]
& &\small{中点連結定理より、}\\[5px]
& &DE=\frac{1}{2}BC, EF=\frac{1}{2}BC\;――\;\small{①}\\[5px]
& &\triangle GFE \sim \triangle GBC\\[5px]
& &\;――\;\small{②\;(2角が等しい:平行線の錯角)}\\[10px]
& &\small{よって、}\\[5px]
& &GC=2,\; DE=EF=3,\; BC=6\;――\;\small{④}\\[10px]
& &\triangle GFE\; \small{において、}\\[5px]
& &EF\; \small{を底辺とするときの高さ}\;\normalsize{=1\;――}\;\small{⑤}\\[10px]
& &\triangle GBC\; \small{において、}\\[5px]
& &BC \;\small{を底辺とするときの高さ}\;\normalsize{=2\;――}\;\small{⑥}\\[10px]
& &\small{これにより、}\\[5px]
& &\triangle BED,\;\triangle BFE\;\small{において、}\\[5px]
& &DE,EF\; \small{を底辺とするときのたかさ}\;\normalsize{=3\;――}\;\small{⑦}\\[15px]
& &\triangle BED\; \small{の面積}\\[5px]
& &=\frac{1}{2}\times 3 \times 3=4.5\\[15px]
& &\triangle BGE\; \small{の面積}\\[5px]
& &=\triangle BFE\; \small{の面積}\;\normalsize{-\triangle FGE}\; \small{の面積}\\[5px]
& &=\frac{1}{2}\times 3 \times 3-\frac{1}{2}\times 3 \times 1\\[5px]
& &=4.5-1.5=3\\[15px]
& &\small{よって、}\\[5px]
& &\triangle BED:\triangle BGE\\[5px]
& &=45:30=9:6\\[5px]
& &=3:2\\[15px]
& &\boldsymbol{∴\quad x:y=3:2}
\end{eqnarray}
\(\boldsymbol{2.}\) 2019年 奈良県
問 \(1\) イ |
問 \(2\) \(\small{①}\quad\normalsize{x=\cfrac{1}{3}}\qquad\small{②}\quad \normalsize{\cfrac{x}{2}}\) |
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\(\small{③}\quad \normalsize{(1-x)^{2}+\left(\cfrac{1}{2} \right)^{2}=\left(1-\cfrac{x}{2} \right)^{2}}\) |
解 説
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問 \(1\) |
\(1\) 本目の罫線上にある正方形の頂点を \(A\) として、色で塗りつぶした部分の \(\triangle ABC\) を考え、\(2\) 本目、\(3\) 本目の罫線と三角形の \(2\) 辺との交点を、
それぞれ \(D,E,F,G\) とします |
\begin{eqnarray}
& &\small{ノートの罫線は同じ幅で、平行\; ―― \;①}\\[10px]
& &\small{平行線と線分の比により、}\\[5px]
& &\triangle ADE\sim\triangle AFG\;\small{が成り立ち、}\\[5px]
& &AD:AF=AE:AG=DE:FG\\[5px]
& &AD:DF=AE:EG ――\; \small{②}\\[10px]
& &\small{同じく、}\\[5px]
& &\triangle AFG\sim\triangle ABC\;\small{より、}\\[5px]
& &AF:AB=AG:AC=FG:BC\\[5px]
& &AF:FB=AG:GC ――\; \small{③}\\[10px]
& &AD=1\;\small{とすれば、}\\[5px]
& &AD:AF=AE:AG=DE:FG=1:2\\[5px]
& &AD:DF=AE:EG=1:1\\[10px]
& &AF:AB=AG:AC=FG:BC=2:3\\[5px]
& &AF:FB=AG:GC=2:1\\[15px]
& &∴\quad AD=DF=FB\;\small{となります}
\end{eqnarray}
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問 \(2\) ② |
\(DK\) を \(x\) についての式で表すために、\(3\) つの三角形、\(\triangle AEJ,\;\triangle BHE,\;\triangle IGJ\;\) を利用します。図 \(1\) を参照してください。
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\begin{eqnarray}
& &\triangle AEJ\; \small{と}\;\normalsize{\triangle BHE} \;\small{において、}\\[5px]
& &\angle AEJ+\angle BEH=180^{\circ}-90^{\circ}=90^{\circ}\\[5px]
& &\angle AEJ+\angle AJE=180^{\circ}-90^{\circ}=90^{\circ}\\[5px]
& &\angle BEH+\angle BHE=180^{\circ}-90^{\circ}=90^{\circ}\\[10px]
& &\small{よって、}\\[5px]
& &\angle AEJ=\angle BHE,\quad\angle AJE=\angle BEH\\[5px]
& &\small{となるから、}\\[5px]
& &\triangle AEJ\sim\triangle BHE\;――\; \small{ア}\\[10px]
& &\small{また、}\\[5px]
& &\triangle AEJ\; \small{と}\; \normalsize{\triangle IJG}\;\small{において、}\\[5px]
& &\angle AJE=\angle IJG,\;\angle EAJ=\angle GIJ=90^{\circ}\\[5px]
& &\small{よって、}\\[5px]
& &\triangle AEJ\sim\triangle IJG\;――\; \small{イ}\\[10px]
& &∴\quad \triangle AEJ\sim\triangle BHE\sim\triangle IJG\;――\; \small{ウ}
\end{eqnarray}
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次に、これら相似な図形の辺の比を求めます。図 \(2\) を見てください。これら \(3\) つは直角三角形なので、三平方の定理を利用します。 |
\begin{eqnarray}
& &\triangle BHE\;\small{において、}\;\small{辺}\;\normalsize{HC=a}\;\small{とすると、}\\[5px]
& &EH=a\;\small{であるから、三平方の定理より、}\\[5px]
& &(1-a)^{2}+\left(\frac{1}{2} \right)^{2}=a^{2}\\[7px]
& &1-2a+a^{2}+\frac{1}{4}=a^{2}\\[7px]
& &a^{2}-a^{2}+2a=1+\frac{1}{4}\\[7px]
& &2a=\frac{5}{4}\quad a=\frac{5}{8}\\[12px]
& &BH=1-\frac{5}{8}=\frac{3}{8}\\[7px]
& &\small{よって、}\\[7px]
& &BH:EB:EH=\frac{3}{8}:\frac{1}{2}:\frac{5}{8}\\[7px]
& &=3:4:5\\[12px]
& &\small{ウ\;より、}\\[7px]
& &IG:JI:JG=3:4:5\\[12px]
& &\small{ここで、直角三角形}\normalsize{DKJ}\; \small{を考えます}\\[5px]
& &IG=GD,\;IJ=DK\;\small{より、}\\[5px]
& &DK:JD=4:(3+5)=1:2\\[10px]
& &2DK=JD\quad DK=\frac{JD}{2}\\[5px]
& &∴ \quad DK=\frac{x}{2}
\end{eqnarray}
\begin{eqnarray}
& &\triangle AEJ\;\small{において、}\\[7px]
& &AJ=1-x,\;AE=\frac{1}{2}\\[7px]
& &\small{②\;より、}\\[7px]
& &IJ=DK=\frac{x}{2}\;\small{だから、}\\[7px]
& &EJ=1-\frac{x}{2}\\[12px]
& &\small{三平方の定理より、}\\[7px]
& &\left(\frac{1}{2} \right)^{2}+(1-x)^{2}=\left(1-\frac{x}{2} \right)^{2}\\[12px]
& &\small{これを解いて、}\\[7px]
& &\frac{1}{4}+1-2x+x^{2}=1-x+\frac{x^{2}}{4}\\[12px]
& &x^{2}-\frac{x^{2}}{4}-2x+x+\frac{1}{4}+1-1=0\\[7px]
& &\frac{3}{4}x^{2}-x+\frac{1}{4}=0\\[12px]
& &\small{両辺に}\;\normalsize{4}\;\small{をかけて、}\\[7px]
& &3x^{2}-4x+1=0\\[12px]
& &\small{解の公式より、}\\[7px]
& &x=\frac{-(-4)±\sqrt{(-4)^{2}-4 \times 3 \times 1}}{2 \times 3}\\[7px]
& &=\frac{4±\sqrt{16-12}}{6}=\frac{4±\sqrt{4}}{6}\\[7px]
& &=\frac{4±2}{6}\\[12px]
& &\small{よって、}\;\normalsize{x=\frac{4+2}{6}=1}\\[7px]
& &x=\frac{4-2}{6}=\frac{2}{6}=\frac{1}{3}\\[7px]
& &0 \lt x \lt 1\;\small{であるから、}\normalsize{x=1}\;\small{は不適当}\\[10px]
& &∴\quad x=\frac{1}{3}
\end{eqnarray}